题目描述

丽江河边有n 家很有特色的客栈，客栈按照其位置顺序从 1 到n 编号。每家客栈都按照某一种色调进行装饰（总共 k 种，用整数 0 ~ k-1 表示），且每家客栈都设有一家咖啡店，每家咖啡店均有各自的最低消费。

两位游客一起去丽江旅游，他们喜欢相同的色调，又想尝试两个不同的客栈，因此决定分别住在色调相同的两家客栈中。晚上，他们打算选择一家咖啡店喝咖啡，要求咖啡店位于两人住的两家客栈之间（包括他们住的客栈），且咖啡店的最低消费不超过 p 。

他们想知道总共有多少种选择住宿的方案，保证晚上可以找到一家最低消费不超过 p元的咖啡店小聚。

输入输出格式

输入格式：

 

输入文件hotel.in，共n+1 行。

第一行三个整数n ，k ，p，每两个整数之间用一个空格隔开，分别表示客栈的个数，色调的数目和能接受的最低消费的最高值；

接下来的n 行，第 i+1 行两个整数，之间用一个空格隔开，分别表示 i 号客栈的装饰色调和i 号客栈的咖啡店的最低消费。

 

输出格式：

 

输出文件名为hotel.out 。

输出只有一行，一个整数，表示可选的住宿方案的总数。

 

输入输出样例

输入样例#1：

5 2 3 0 5 1 3 0 2 1 4 1 5

输出样例#1：

3

说明

【输入输出样例说明】

2 人要住同样色调的客栈，所有可选的住宿方案包括：住客栈①③，②④，②⑤，④⑤，但是若选择住4 、5 号客栈的话，4 、5 号客栈之间的咖啡店的最低消费是4 ，而两人能承受的最低消费是3 元，所以不满足要求。因此只有前 3 种方案可选。

【数据范围】

对于30% 的数据，有 n ≤100；

对于50% 的数据，有 n ≤1,000；

对于100%的数据，有 2 ≤n ≤200,000，0<k ≤50，0≤p ≤100 ， 0 ≤最低消费≤100。

思路一 ：从总方案中减去不可行的。

　　用组合数公式，求所有两两组合的的情况。

　　减去不能组合的。其中不能组合的仅当它们处在 消费连续>P的区间中。

#include
      
       #include
       
        #include
        
         #include
         
          #include
          
           #include
           
            #include
            
             using namespace std;int n,k,p;bool ok[200001];int color[200001];int sum[60],tot[51];long long ans;void work(int L,int R){ if(L>=R) return ; memset(tot,0,sizeof tot); for(int i=L;i<=R;i++) tot[color[i]]++; for(int i=0;i
             
              1) work(i-last,i-1); last=0; } } if(last>1) work(i-last,i-1); for(i=0;i<=k;i++) if(sum[i]) ans+=1LL*sum[i]*(sum[i]-1)/2; cout<
              
               <
              
             
            
           
          
         
        
       
      

 思路二：直接统计可行方案数

#include
      
       #include
       
        #include
        
         #include
         
          #include
          
           #include
           
            using namespace std;const int N=200100;int pre[N],cnt[N],c[N];int n,k,p;int main(){ scanf("%d%d%d",&n,&k,&p); long long cost=0,ans=0; int K,val; for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d%d",&K,&val); int j=pre[K]; if(val<=p) cost=i; if(j<=cost) c[i]=cnt[K]; else c[i]=c[j]; ans+=c[i];pre[K]=i;cnt[K]++; } cout<